山东省济宁十四中2015年中考物理模拟试卷（一）
一、填空题
1．完成下列单位换算：
（1）2.7g/cm3=　　　　　　kg/m3；90km/h=　　　　　　m/s．
2．各种管乐器在演奏时，乐音是管中空气柱的振动产生的．在进行管乐器的演奏过程中，当用手指堵在管上不同位置的孔时，就改变了振动部分空气柱的长度，从而改变了所产生乐音的　　　　　　．
3．惯性是物体本身的属性．我们知道战斗机在战斗前都要丢掉副油箱，这是为了　　　　　　（选填“增大”或“减小”）它的惯性，以提高它的灵活性．
4．运用分子动理论，可以对液体的蒸发现象作出合理地解释：由于液体表面的分子在做　　　　　　，所以在任何温度下蒸发现象都能发生；温度越高，分子的　　　　　　，从而蒸发越快．
5．如图所示的电路中，电源电压保持6V不变，电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，则R1消耗的电功率为　　　　　　W；若通电30s，电阻R2产生的热量为　　　　　　J．
6．如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为540N的重物匀速提升3m，所用拉力为200N，则他所做的有用功是　　　　　　J，额外功是　　　　　　J，拉力的功率是　　　　　　W，滑轮组的机械效率是　　　　　　．
7．攀岩是一项挑战自然，超越自我的惊险运动．一位攀岩者体重为520N，背着质量为8kg的背包，用时40min登上高为9m的峭壁．在此过程中攀岩者对背包做功　　　　　　J，他做功的平均功率是　　　　　　W．（g取10N/kg）
8．如图所示是一个“简易冰箱”，水通过毛巾从铁片上面的水盆渗透到下面的水盆中，毛巾上的水会　　　　　　（填物态变化的名称）吸热使箱内的温度降低，这是通过　　　　　　（选填“做功”或“热传递”）来改变物体的内能的．
9．某太阳能热水器装有100kg初温为20℃的冷水，经过一天的太阳照射，水温升高到70℃，则这些水吸收的热量等于完全燃烧　　　　　　m3天然气所放出的热量；（不计热量损失）假如用功率为2kW的电热水器产生同样多的热量，则通电的时间为　　　　　　s．（已知水的比热容为4.2×103J/（kgo℃）、天然气的热值为4.2×107J/m3）
10．如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针就会发生偏转．请运用场的观点解释小磁针发生偏转的原因：　　　　　　．
11．切割大理石、钢板的“水刀”可以对切割表面产生高达108Pa的压强，那么“水刀”作用在10﹣7m2的面积上，产生的压力为　　　　　　N．
二、选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
12．如图所示，一物体沿斜面向下匀速滑动．关于该物体的受力，以下分析正确的是（　　）
　 A． 物体只受到重力和摩擦力的作用
　 B． 物体只受到重力和弹力的作用
　 C． 物体同时受到重力、弹力和摩擦力的作用
　 D． 物体只受到重力的作用
13．图为直流电动机的工作原理图．以下相关的分析中正确的是（　　）
　 A． 电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为内能
　 B． 电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
　 C． 电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流
　 D． 电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变
14．以下说法中，错误的是（　　）
　 A． 测量铅笔的长度可以选用毫米刻度尺
　 B． 温度计的玻璃泡应与被测液体充分接触
　 C． 使用测电笔时要用手接触笔尾金属体
　 D． 弹簧测力计只能测量竖直方向上力的大小
15．工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升到3m高处，假如所用的拉力方向竖直向上、大小为250N，则（　　）
　 A． 拉力所做的功为750J
　 B． 机械的效率为80%
　 C． 若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将保持不变
　 D． 若采用轻质滑轮完成原任务，机械效率将保持不变
16．如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置．开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（　　）
　 A． 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度不断增大
　 B． 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向右、速度不断减小
　 C． 小球运动到B点时将停止运动并保持静止
　 D． 小球在运动过程中所受弹力的方向保持不变
17．如图所示的电路中，闭合开关，发现每个电表都有一定的示数．向右移动变阻器的滑片，则（　　）
　 A． 电流表A1示数减小，电流表A2和电压表V示数增加
　 B． 电流表A1和A2示数都减小，电压表V示数增加
　 C． 电流表A1、A2和电压表V示数都减小
　 D． 电流表A1、A2和电压表V示数都增加
18．身高相同的兄弟二人用一根重力不计的均匀扁担抬起一个900N的重物．已知扁担长为1.8m，重物悬挂点与哥哥的肩之间的距离OA=0.8m，如图所示．则（　　）
　 A． 以哥哥的肩A为支点，可计算出弟弟承担的压力为400N
　 B． 以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为4：9
　 C． 以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为9：5
　 D． 以弟弟的肩B为支点，可计算处哥哥承担的压力为600N
19．如图所示电路，电源电压恒为6伏，L1标有“6V 7.2W”，L2标有“6V 3.6W”，忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
　 A． 仅闭合S1、S3，L1不亮，L2亮
　 B． 仅闭合S2、S3，电流表读数为0.6安
　 C． 仅闭合S1、S2，电路总电阻为15欧
　 D． 仅闭合S3，电路消耗的总功率为10.8瓦
20．“青奥会”将于今年8月在南京举行，以下四项运动包含了一些物理知识，下列描述正确的是（　　）
　 A． 跳水运动员在空中下落的过程中，动能变小，重力势能变大
　 B． 足球运动员踢球时对球的作用力和球受到的重力是一对相互作用力
　 C． 举重运动员将杠铃举在空中静止时，他受到的重力和地面对他的支持力相互平衡
　 D． 篮球运动员抛出的篮球在空中先上升后下落，是因为力改变了篮球的运动状态
21．如图所示，当铁锤松动时，握住锤柄迅速向下撞击坚硬的地面，锤头会紧紧地套在木柄上，这是因为锤柄撞击地面（　　）
　 A． 锤头由运动变为静止，锤柄由于惯性仍要保持静止状态
　 B． 锤头由运动变为静止，锤柄由于惯性仍要继续向下运动
　 C． 锤柄由运动变为静止，锤头由于惯性仍要保持静止状态
　 D． 锤柄由运动变为静止，锤头由于惯性仍要继续向下运动
22．如图所示，电源电压不变，R1，R2，R3为定值电阻，开关S1，S2都闭合时，电流表A与电压表V1、V2均有示数，断开开关S2，则（　　）
　 A． 电流表A示数变大，电压表V1示数变大
　 B． 电流表A示数变小，电压表V2示数变小
　 C． 电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
　 D． 电压表V2示数与电流表A示数的比值变大
23．下列的四幅图，对应的说法正确的是（　　）
如图，通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
如图，闭合开关，通电螺线管右端为N极
如图，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变
如图，闭合开关，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流
24．下列关于压强和浮力的说法正确的是（　　）
　 A． 潜水艇潜水越深，所受浮力越大
　 B． 轮船从河里驶向海里，所受的浮力变大
　 C． 马德堡半球实验第一次测得了大气压的数值
　 D． 活塞式抽水机抽水时利用了大气压强
25．光使世界绚丽多彩，人们的生活离不开光，关于光现象，下列说法错误的是（　　）
　 A． 用玻璃三棱镜可使太阳光发生色散
　 B． 柳叶呈现绿色是因为它只反射绿光
　 C． 光在银幕上发生漫反射时反射角小于入射角
　 D． 家里的穿衣镜所成的像是正立的虚像
三、实验题
26．现用托盘天平称量一物体的质量．把天平放在水平台面上，取下两侧的橡胶垫圈，指针就开始摆动．稳定后，指针指在分度盘的位置如图a所示．
（1）请从实验操作的角度，详细叙述接下来的调节过程：　　　　　　．
调节完成后，将物体放在左盘，在右盘中增减砝码，并通过移动游码，再次使天平横梁平衡．这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图b所示，则物体的质量为　　　　　　g．
27．某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样
（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图1所示，则他接下来的操作是　　　　　　．
请你根据图2电路图用笔画线代替导线，将图3中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，导线不能交叉．
（3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图4所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向　　　　　　（选填“左”或“右”）移动，同时眼睛应观察　　　　　　．
（4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图5所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象．由此可知，小灯泡的额定功率为　　　　　　W，小灯泡灯线形电阻随电压的增大而　　　　　　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．
四、计算题
28．图甲是某款电热水龙头．即开即热、冷热兼用．图乙是它的原理电路．R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换．有关参数如下表．不考虑温度对电阻丝的影响，请回答下列问题：
（1）开关置于2时，水龙头放出的水是　　　　　　（选填“冷”、“温”或“热”）水．此时电路中的电流时多大？
水龙头放热水时，正常工作60s，消耗的电能是多少？
（3）R2的电阻是多大？
功率 温水 2200W
热水 3000W
山东省济宁十四中2015年中考物理模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、填空题
1．完成下列单位换算：
（1）2.7g/cm3=　2.7×103　kg/m3；90km/h=　25　m/s．
考点： 物理量的单位及单位换算．
专题： 密度及其应用；长度、时间、速度．
分析： 根据密度单位间、速度单位间的换算关系计算答题，1g/cm3=1×103kg/m3，1m/s=3.6km/h．
解答： 解：（1）1g/cm3=1×103kg/m3，
2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
1m/s=3.6km/h，
90km/h=90×m/s=25m/s．
故答案为：2.7×103；25．
点评： 无论什么物理量的单位换算，前面的数都表示倍数，不进行换算，只是把后面的单位进行换算．这才是真正意义上的单位换算．
2．各种管乐器在演奏时，乐音是管中空气柱的振动产生的．在进行管乐器的演奏过程中，当用手指堵在管上不同位置的孔时，就改变了振动部分空气柱的长度，从而改变了所产生乐音的　音调　．
考点： 音调．
专题： 声现象．
分析： 音调跟频率有关，频率越大，音调越高．
质量大体积大的物体难振动，频率小，音调低．
解答： 解：吹笛子是笛子内的空气柱振动发声，用手分别按住不同的笛孔，空气柱的长度不同，质量不同，体积不同，振动频率不同，音调不同．
故答案为：音调．
点评： 掌握弦乐、管乐、打击乐的音调、响度的影响因素．
3．惯性是物体本身的属性．我们知道战斗机在战斗前都要丢掉副油箱，这是为了　减小　（选填“增大”或“减小”）它的惯性，以提高它的灵活性．
考点： 惯性．
专题： 运动和力．
分析： 惯性的大小与质量有关，质量越大，惯性越大；反之，质量越小，惯性越小．
解答： 解：战斗机在战斗前要抛掉副油箱，是为了减小飞机的质量来减小飞机的惯性，使自身的运动状态容易改变，以提高歼击机的灵活性．
故答案为：减小．
点评： 此题主要考查学生对惯性的理解．惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题．
通过对此事例的探究，加强了学生分析问题的能力和利用物理知识来解决生活中实际问题的能力．
4．运用分子动理论，可以对液体的蒸发现象作出合理地解释：由于液体表面的分子在做　无规则运动　，所以在任何温度下蒸发现象都能发生；温度越高，分子的　无规则运动（热运动）越剧烈　，从而蒸发越快．
考点： 分子动理论的基本观点．
专题： 分子热运动、内能．
分析： （1）组成物体的分子在不停地做无规则运动；
需要知道温度的概念和实质．温度是表示物体冷热程度的物理量．从分子运动论来看，温度反映了物体内分子做无规则运动的剧烈程度，温度越高 分子运动越剧烈，温度越低，分子运动越缓慢，热运动和温度有关，温度越高分子扩散就越快．
解答： 解：从分子运动论的观点讲，构成物体的分子在不停地做无规则运动，温度反映了物体内部分子无规则运动的剧烈程度，温度越高 分子无规则运动越剧烈．
故答案为：无规则运动；无规则运动（热运动）越剧烈
点评： 本题考查了，分子热运动与温度的关系，属于基础知识．
5．如图所示的电路中，电源电压保持6V不变，电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，则R1消耗的电功率为　0.4　W；若通电30s，电阻R2产生的热量为　24　J．
考点： 电功率的计算；焦耳定律．
专题： 计算题；电能和电功率．
分析： 由电路图可知，两电阻串联．
（1）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流；
根据P=I2R求出R1的电功率；根据Q=I2Rt求出通电时间30s电阻R2产生的热量．
解答： 解：由电路图可知，两电阻串联．
（1）∵串联电路中总阻值等于串联的各电阻之和，
∴R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
根据欧姆定律可得，电路中的电流：
I===0.2A；
由P=UI=I2R得：R1的电功率P1=I2R1=（0.2A）2×10Ω=0.4W；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电阻R2产生的热量Q2=I2R2t═（0.2A）2×20Ω×30s=24J．
故答案为：0.4；24．
点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，利用好公式和规律是关键．
6．如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为540N的重物匀速提升3m，所用拉力为200N，则他所做的有用功是　1620　J，额外功是　180　J，拉力的功率是　90　W，滑轮组的机械效率是　90%　．
考点： 有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．
专题： 功、功率、机械效率．
分析： （1）根据W=Gh求出有用功；
根据s=3h求出拉力移动距离，根据W=Fs求出总功，再根据W总=W有用+W额求出额外功；
（3）根据P=求出拉力的功率；
（4）根据η=求出机械效率．
解答： 解：（1）有用功W有用=Gh=540N×3m=1620J；
拉力移动距离s=3h=3×3m=9m，
拉力做的总功W总=Fs=200N×9m=1800J，
∵W总=W有用+W额
∴W额=W总﹣W有用=1800J﹣J；
（3）拉力的功率P===90W；
（4）滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=90%．
故答案为：；90；90%．
点评： 此题主要考查的是学生对有用功、总功、额外功、功率、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目．
7．攀岩是一项挑战自然，超越自我的惊险运动．一位攀岩者体重为520N，背着质量为8kg的背包，用时40min登上高为9m的峭壁．在此过程中攀岩者对背包做功　720　J，他做功的平均功率是　2.25　W．（g取10N/kg）
考点： 功的计算；功率的计算．
专题： 功、功率、机械效率．
分析： （1）已知背包质量，可利用公式G=mg计算重力，已知攀登的高度，利用公式W=Gh计算功．
已知攀岩者在此过程中所做的功和做功的时间，可利用公式P=计算功率．
解答： 解：
（1）∵m包=8kg，g=10N/Kg，
∴G包=m包g=8kg×10N/Kg=80N，
在此过程中攀岩者对背包做功W1=G包h=80N×9m=720J
G人=520N，
从而可知，G=G人+G包=520N+80N=600N，
W=Gh=600N×9m=5400J．
∵W=5400J，t=40min=2400s，
∴P===2.25W．
故答案为：720；2.25．
点评： 本题考查了利用重力的公式、功的公式和功率的公式进行分析和计算，已知量都知道，直接代入数值即可．
8．如图所示是一个“简易冰箱”，水通过毛巾从铁片上面的水盆渗透到下面的水盆中，毛巾上的水会　汽化（蒸发）　（填物态变化的名称）吸热使箱内的温度降低，这是通过　热传递　（选填“做功”或“热传递”）来改变物体的内能的．
考点： 热传递改变物体内能；汽化及汽化吸热的特点．
专题： 热和能．
分析： （1）物质由液态变成气态的过程叫做汽化，汽化有蒸发和沸腾两种形式，汽化吸热；
改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程．
解答： 解：毛巾上的水汽化吸热，从而使箱内的温度降低，起到保鲜作用；这是通过热传递的方式减小了物体的内能．
故答案为：汽化（蒸发）；热传递．
点评： 本题考查了学生对蒸发吸热以及热传递的了解，注重了物理和生活的联系，属于热学基础知识的考查，比较简单．
9．某太阳能热水器装有100kg初温为20℃的冷水，经过一天的太阳照射，水温升高到70℃，则这些水吸收的热量等于完全燃烧　0.5　m3天然气所放出的热量；（不计热量损失）假如用功率为2kW的电热水器产生同样多的热量，则通电的时间为　1.05×104　s．（已知水的比热容为4.2×103J/（kgo℃）、天然气的热值为4.2×107J/m3）
考点： 电功与热量的综合计算．
专题： 电与热、生活用电．
分析： （1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用Q吸=cm△t计算水吸收热量；然后利用Q放=qV的变形公式求出天然气的体积；
根据Q=W=Pt的变形公式即可求出电热水器的通电时间．
解答： 解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103 J/（㎏o℃）×100kg×（70℃﹣20℃）=2.1×107J；
因为Q吸=Q放，所以由Q放=qV可知，V===0.5m3；
由Q吸=W=Pt可知，t===1.05×104s．
故答案为：0.5；1.05×104．
点评： 本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算以及电功计算公式的应用，因条件已给出，难度不大．
10．如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针就会发生偏转．请运用场的观点解释小磁针发生偏转的原因：　通电导体周围产生磁场，小磁针在磁场力作用下偏转　．
考点： 通电直导线周围的磁场．
专题： 应用题；磁现象、电生磁．
分析： 1820年奥斯特发现：当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变．
解答： 解：放在磁场中的磁体会受到力的作用，当小磁针发生偏转时，说明磁针处在磁场中，即说明通电导体周围存在着磁场．
故答案为：通电导体周围产生磁场，小磁针在磁场力作用下偏转．
点评： 本题考查的磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用．
11．切割大理石、钢板的“水刀”可以对切割表面产生高达108Pa的压强，那么“水刀”作用在10﹣7m2的面积上，产生的压力为　10　N．
考点： 压强的大小及其计算．
专题： 压强、液体的压强．
分析： 知道对切割表面产生的压强和受力面积，利用F=pS求产生的压力．
解答： 解：由p=得：
F=pS=108Pa×10﹣7m2=10N．
故答案为：10．
点评： 本题考查了学生对压强定义式的了解与掌握，属于基础题目．
二、选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
12．如图所示，一物体沿斜面向下匀速滑动．关于该物体的受力，以下分析正确的是（　　）
　 A． 物体只受到重力和摩擦力的作用
　 B． 物体只受到重力和弹力的作用
　 C． 物体同时受到重力、弹力和摩擦力的作用
　 D． 物体只受到重力的作用
考点： 力与图象的结合．
专题： 运动和力．
分析： 先对物体进行受力分析，由题意可知，物体做匀速直线运动，则由共点力的平衡条件可知物体的受力情况．
由于发生弹性形变而使物体受到的力叫弹力，弹力是一种接触才能产生的力．
解答： 解：对物体受力分析可知，物体一定受重力和支持力的作用，由于两力不在同一直线上，因此二力不可能使物体处于平衡状态；
由于物体沿斜面向下运动，则物体受沿斜面向上的摩擦力作用；故物体受到重力、支持力及摩擦力的作用．
根据弹力的定义可知，拉力、压力、支持力、推力都属于弹力，因此物体受重力、弹力和摩擦力的作用．
点评： 理解力的概念，掌握力的特点，是正确分析受力的基础和依据．要想熟练掌握，还需要通过一定量的练习，不断加深对物体运动规律的认识，反复体会方法，总结技巧才能达到．
13．图为直流电动机的工作原理图．以下相关的分析中正确的是（　　）
　 A． 电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为内能
　 B． 电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
　 C． 电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流
　 D． 电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变
考点： 直流电动机的原理．
专题： 电动机、磁生电．
分析： 直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；通电线圈在磁场中受力转动，将电能转化为机械能．
解答： 解：电动机工作过程中，消耗的电能几乎全部转化为机械能，故A、B错误；电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流，故C叙述正确，符合题意；
在制作直流电动机时安装了换向器，当线圈转过平衡位置时及时改变线圈中电流的方向，从而改变线圈的受力方向，使线圈能够保证持续转动，故选项D叙述错误，不符合题意．
点评： 此题主要考查的是学生对电动机原理、能量转化和直流电动机各部分名称的了解和掌握，基础性题目．
14．以下说法中，错误的是（　　）
　 A． 测量铅笔的长度可以选用毫米刻度尺
　 B． 温度计的玻璃泡应与被测液体充分接触
　 C． 使用测电笔时要用手接触笔尾金属体
　 D． 弹簧测力计只能测量竖直方向上力的大小
考点： 长度的测量；温度计的使用及其读数；弹簧测力计的使用与读数；测电笔的使用．
专题： 基本仪器的使用专题．
分析： 根据对常见测量工具用途和使用规则的掌握作答．
解答： 解：
A、为保证测量结果比较精确，测量铅笔长度时要选择毫米刻度尺，并且测量结果估读到mm下一位．此选项正确，不符合题意；
B、使用温度计测量液体温度时，必须使温度计的玻璃泡与液体充分接触，但不能接触容器底或容器壁．此选项正确，不符合题意；
C、使用测电笔检验电路时，手指要接触测电笔尾部的金属体．此选项正确，不符合题意；
D、在正确使用的前提下，弹簧测力计可以根据需要测量不同方向的拉力．此选项错误，符合题意．
点评： 物理中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少．刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可．
15．工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升到3m高处，假如所用的拉力方向竖直向上、大小为250N，则（　　）
　 A． 拉力所做的功为750J
　 B． 机械的效率为80%
　 C． 若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将保持不变
　 D． 若采用轻质滑轮完成原任务，机械效率将保持不变
考点： 功的计算；机械效率；机械效率的计算．
专题： 功、功率、机械效率．
分析： （1）知道物体上升的高度，可利用公式W有用=Gh计算有用功；从题可知，使用的是一个动滑轮，则n=2，可利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总=Fs计算拉力做的总功；最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率；
增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重．
解答： 解：
A、拉力移动的距离为：s=2h=2×3m=6m，
拉力做的总功为：
W总=Fs=250N×6m=1500J，故A错误；
B、有用功W有用=Gh=400N×3m=1200J，滑轮组的机械效率为：
η=×100%=×100%=80%，故B正确．
C、此题滑轮没有发生变化，所以在此过程中所做的额外功不变，由于物体的重力增加，
所以有用功增大，由公式η==可知，若用该动滑轮提升更重的货物，有用功在总功中所占的比值将增大，所以机械效率变大，故C错误．
D、采用轻质滑轮完成原任务，额外功减小，由η==可知，机械效率变大，故D错误．
点评： 本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键．滑轮组的题目要先确定滑轮的性质，判断滑轮绳子段数，然后确定G、F、S、h之间的关系进行计算．
16．如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置．开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（　　）
　 A． 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度不断增大
　 B． 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向右、速度不断减小
　 C． 小球运动到B点时将停止运动并保持静止
　 D． 小球在运动过程中所受弹力的方向保持不变
考点： 速度与物体运动．
专题： 运动和力．
分析： （1）小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大；
小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小；
（3）小球运动到B点时，由于动能转化为弹性势能，直到速度为零，因此会停止运动但不会保持静止；
（4）小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的．
解答： 解：A、小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大，故A正确；
B、小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，故B错误；
C、小球运动到B点时，由于动能转化为弹性势能，直到速度为零，因此会停止运动，但是由于弹簧恢复原状所以不会保持静止，故C错误；
D、小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故D错误．
点评： 此题考查学生对于物体运动中受力的分析和理解，注意逐项分析．
17．如图所示的电路中，闭合开关，发现每个电表都有一定的示数．向右移动变阻器的滑片，则（　　）
　 A． 电流表A1示数减小，电流表A2和电压表V示数增加
　 B． 电流表A1和A2示数都减小，电压表V示数增加
　 C． 电流表A1、A2和电压表V示数都减小
　 D． 电流表A1、A2和电压表V示数都增加
考点： 电路的动态分析．
专题： 电路变化分析综合题．
分析： 根据电路图可知，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1支路电流，电压表测量并联电路两端电压；
根据滑片移动的方向确定电路电阻的变化，然后根据欧姆定律判断干路电流的变化，再根据U=IR判断电压表示数的变化，最后根据欧姆定律可知电流表A2示数的变化．
解答： 解：由电路图可知，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1支路电流，电压表测量并联电路两端电压；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I=可知，干路电流变大，即电流表A1的示数变大；
由于并联电路部分的电阻不变，根据U=IR可知，并联电路两端电压变大，即电压表示数变大；
由于R1的阻值不变，由I=可知，通过R1的电流变大，即电流表A2的示数变大；
综合上述分析可得，电流表A1、A2和电压表V示数都变大．
点评： 本题考查欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化．
18．身高相同的兄弟二人用一根重力不计的均匀扁担抬起一个900N的重物．已知扁担长为1.8m，重物悬挂点与哥哥的肩之间的距离OA=0.8m，如图所示．则（　　）
　 A． 以哥哥的肩A为支点，可计算出弟弟承担的压力为400N
　 B． 以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为4：9
　 C． 以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为9：5
　 D． 以弟弟的肩B为支点，可计算处哥哥承担的压力为600N
考点： 杠杆的平衡分析法及其应用．
专题： 简单机械．
分析： （1）根据杠杆平衡的条件（F1L1=F2L2）计算出弟弟对杠杆的支持力，然后根据相互作用力的关系求出压力的大小；
以O为支点，利用杠杆平衡条件的变形公式即可求出兄弟二人对杠杆支持力之比，然后根据相互作用力的关系可知兄弟二人承担的压力之比；
（3）根据杠杆平衡的条件（F1L1=F2L2）计算出哥哥对杠杆的支持力，然后根据相互作用力的关系求出压力的大小．
解答： 解：A、以哥哥的肩A为支点，由F1L1=F2L2可知，弟弟对杠杆的支持力：
F1===400N；由于压力和支持力是一对相互作用力，因此弟弟承担的压力为400N，故A正确；
BC、以O为支点，由F1L1=F2L2可知，兄弟二人对杠杆支持力之比为====，由于压力和支持力是一对相互作用力，因此兄弟二人承担的压力之比为4：5或5：4；故BC错误；
D、以弟弟的肩B为支点，由F1L1=F2L2可知，哥哥对杠杆的支持力：F1′===500N；由于压力和支持力是一对相互作用力，因此哥哥承担的压力为500N，故D错误．
点评： 本题考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用，根据图示得出不同情况下已知力和力臂的大小是本题的解题关键．
19．如图所示电路，电源电压恒为6伏，L1标有“6V 7.2W”，L2标有“6V 3.6W”，忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
　 A． 仅闭合S1、S3，L1不亮，L2亮
　 B． 仅闭合S2、S3，电流表读数为0.6安
　 C． 仅闭合S1、S2，电路总电阻为15欧
　 D． 仅闭合S3，电路消耗的总功率为10.8瓦
考点： 电功率的计算．
专题： 应用题；电压和电阻；电能和电功率．
分析： （1）仅闭合S1、S3时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，短路的灯泡不会发光；
仅闭合S2、S3时，电路为L2的简单电路，电流表测电路中的电流，额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据P=UI求出电流表的示数；
（3）仅闭合S1、S2时，两灯泡并联，根据P=求出两灯泡的电阻，根据电阻的并联求出电路中的总电阻；
（4）仅闭合S3时，两灯泡串联，根据电阻的串联和P=求出电路的总功率．
解答： 解：（1）仅闭合S1、S3时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，所以只有灯泡L1亮，L2不亮，故A不正确；
仅闭合S2、S3时，电路为L2的简单电路，电流表测电路中的电流，
因L2两端的电压和额定电压相等，
所以，由P=UI可得，电流表的示数：
I2===0.6A，故B正确；
（3）仅闭合S1、S2时，两灯泡并联，
由P=可得，两灯泡的电阻：
R1===5Ω，R2===10Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R===Ω，故C不正确；
（4）仅闭合S3时，两灯泡串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路消耗的总功率：
P===2.4W，故D不正确．
点评： 本题是一道关于额定电压、电功率以及串并联电路的分析判断题，解题的关键是先按照相关的条件简化电路（简化电路的基本原则是去掉开路部分和短路部分），再进行分析判断各个选项的正误．
20．“青奥会”将于今年8月在南京举行，以下四项运动包含了一些物理知识，下列描述正确的是（　　）
　 A． 跳水运动员在空中下落的过程中，动能变小，重力势能变大
　 B． 足球运动员踢球时对球的作用力和球受到的重力是一对相互作用力
　 C． 举重运动员将杠铃举在空中静止时，他受到的重力和地面对他的支持力相互平衡
　 D． 篮球运动员抛出的篮球在空中先上升后下落，是因为力改变了篮球的运动状态
考点： 动能和势能的大小变化；力的作用效果；平衡力和相互作用力的区分．
专题： 应用题；运动和力；机械能及其转化．
分析： 利用下列知识分析判断：
（1）物体由于运动而具有的能叫动能，其大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，其大小与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；
二力平衡的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（3）力是改变物体运动状态的原因．
解答： 解：
A、跳水运动员在空中下落的过程中，质量不变、速度变大，动能变大；质量不变、高度变小，重力势能变小，故A错误；
B、球受到的重力是地球对球的作用，与足球运动员对球的作用力不是一对相互作用力，故B错误；
C、举重运动员将杠铃举在空中静止时，地面对他的支持力等于他的重力加上杠铃的重力，地面对他的支持力和他的重力不是一对平衡力，故C错误；
D、力是改变物体运动状态的原因，运动员给球一个向上抛的力，球向上运动；在重力的作用下，球开始下落，所以是力改变了篮球的运动状态，故D正确．
点评： 本题为力学综合题，考查了机械能的变化、物体间相互作用力、二力平衡、力和运动的关系知识的应用，属于常见题型．
21．如图所示，当铁锤松动时，握住锤柄迅速向下撞击坚硬的地面，锤头会紧紧地套在木柄上，这是因为锤柄撞击地面（　　）
　 A． 锤头由运动变为静止，锤柄由于惯性仍要保持静止状态
　 B． 锤头由运动变为静止，锤柄由于惯性仍要继续向下运动
　 C． 锤柄由运动变为静止，锤头由于惯性仍要保持静止状态
　 D． 锤柄由运动变为静止，锤头由于惯性仍要继续向下运动
考点： 惯性现象．
专题： 运动和力．
分析： 物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，即在分析判断时，先确定物体原来的运动状态，由于某种原因，某一部分的运动状态发生改变，而另一部分由于惯性仍保持原来的状态．
解答： 解：将锤子倒着举起来向下撞击时，原来锤头和锤柄都处于运动状态，当锤柄碰到板凳后运动停止，而锤头由于惯性会仍然保持运动状态，故此时锤头能紧紧的套在锤柄上．
点评： 对于惯性的问题的解释应这样：先确定原来的运动状态，由于某种情况其某一部分的运动状态发生了改变，而另一部分由于惯性会仍然保持原来的运动状态．
22．如图所示，电源电压不变，R1，R2，R3为定值电阻，开关S1，S2都闭合时，电流表A与电压表V1、V2均有示数，断开开关S2，则（　　）
　 A． 电流表A示数变大，电压表V1示数变大
　 B． 电流表A示数变小，电压表V2示数变小
　 C． 电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
　 D． 电压表V2示数与电流表A示数的比值变大
考点： 电路的动态分析．
专题： 电路变化分析综合题．
分析： （1）开关S1、S2都闭合时，R2、R3串联，电压表V1、V2均测电阻R2的电压，电流表A测电路电流；
开关S1闭合、S2断开时，电阻R1、R2、R3串联，电压表V1测电阻R2的电压，电压表V2测R1、R2串联电压，电流表A测电路电流；
（3）根据欧姆定律分析判断．
解答： 解：开关S1、S2都闭合时，I=，U1=U2=IR2=；
开关S1闭合、断开开关S2时，I′=，U1′=I′R2=，U2′=I′（R1+R2）=；
根据上述分析可知，S2断开前、后：I＞I′，U1＞U1′，U2＜U2′，即电流表示数变小，电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，故AB错误；
S2断开前、后，电压表V1示数与电流表A示数的比值都等于R2的阻值，因此其比值不变；故C错误；
S2断开前，电压表V2示数与电流表A示数的比值等于R1的阻值，S2断开后，电压表V2示数与电流表A示数的比值等于R1、R2的电阻之和，因此其比值变大，故D正确．
点评： 本题考查了开关的不同状态对电路的连接方式的影响和对电流表、电压表的示数的影响．会正确识别电路是解答本题的关键，会根据电压表和电流表的使用以及欧姆定律分析电压表和电流表的示数变化．
23．下列的四幅图，对应的说法正确的是（　　）
如图，通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
如图，闭合开关，通电螺线管右端为N极
如图，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变
如图，闭合开关，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流
考点： 通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应．
专题： 电和磁．
分析： 利用下列知识分析判断：
（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
右手螺旋定则是判定通电螺线管的极性跟电流方向的关系：已知电流方向即可根据右手螺旋定则判定出通电螺线管的极性；已知通电螺线管的极性即可根据右手螺旋定则判定出螺线管中的电流方向；
（3）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；
（4）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应．
解答： 解：
A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、在电源外部，电流从电源的正极流向负极；用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极，所以右端是N极，故B正确；
C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，电流方向不变，对调N，S极，导体棒摆动方向改变，故C错误；
D、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误．
点评： 本题考查了电与磁之间的三个联系（通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象）以及安培定则的运用，难度不大；要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用．
24．下列关于压强和浮力的说法正确的是（　　）
　 A． 潜水艇潜水越深，所受浮力越大
　 B． 轮船从河里驶向海里，所受的浮力变大
　 C． 马德堡半球实验第一次测得了大气压的数值
　 D． 活塞式抽水机抽水时利用了大气压强
考点： 阿基米德原理；大气压强的测量方法；大气压的综合应用．
专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系；浮力．
分析： （1）浮力的大小跟排开液体的体积和液体的密度有关，跟液体的深度无关．
根据物体漂浮时，浮力等于重力的特点进行分析．
（3）马德堡半球实验证明大气压的值很大，托里拆利实验测得大气压的值．
（4）活塞式抽水机利用了大气压工作原理．
解答： 解：A、潜入水中的潜水艇，其排开水的体积V排不变，根据公式F浮=ρ液gV排可知，其浮力不变，和潜水的深度无关．故A错误；
B、轮船从河里开到海里，都是漂浮，所以它所受的浮力都等于重力，大小不变．故B错误；
C、托里拆利实验第一次测量了大气压值．故C错误；
D、活塞式抽水机是利用大气压把水从低处抽到高处．故D正确．
点评： 此题考查的知识点比较全面，有浮力大小的影响因素、大气压的测量方法、大气压的综合应用等，对学生的综合能力要求较高，但是难度不大．
25．光使世界绚丽多彩，人们的生活离不开光，关于光现象，下列说法错误的是（　　）
　 A． 用玻璃三棱镜可使太阳光发生色散
　 B． 柳叶呈现绿色是因为它只反射绿光
　 C． 光在银幕上发生漫反射时反射角小于入射角
　 D． 家里的穿衣镜所成的像是正立的虚像
考点： 光的色散；漫反射；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；物体的颜色．
专题： 光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．
分析： 太阳光是复色光，经过三棱镜后由于折射率不同，导致偏折程度不同．
不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的．
平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射．
平面镜成正立、等大的虚像．
解答： 解：A、白色光经过三棱镜后产生色散现象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．故A正确；
B、柳叶只能反射阳光中的绿光，所以柳叶呈现绿色，故B正确；
C、镜面反射与漫反射都遵守光的反射定律，在光发生漫反射时，反射角等于入射角，故C错误．
D、因为平面镜成正立、等大的虚像．故D正确；
点评： 此题为2015年中考中常见的综合类题目，难度不大．
三、实验题
26．现用托盘天平称量一物体的质量．把天平放在水平台面上，取下两侧的橡胶垫圈，指针就开始摆动．稳定后，指针指在分度盘的位置如图a所示．
（1）请从实验操作的角度，详细叙述接下来的调节过程：　把游码移到衡梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡．如果指针仍然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央　．
调节完成后，将物体放在左盘，在右盘中增减砝码，并通过移动游码，再次使天平横梁平衡．这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图b所示，则物体的质量为　46.2　g．
考点： 质量的测量与天平．
专题： 测量型实验综合题．
分析： （1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；调节天平平衡时，如果指针向左偏，平衡螺母向右调，如果指针向右偏，平衡螺母向左调；
天平的使用包括两大步，即天平的调节和物体的称量，平衡螺母是在调节过程中来调节横梁平衡的，而称量过程中不能调节平衡螺母．
解答： 解：（1）首先把天平放在水平桌面上，由图1可知，指针向左偏，接下来的调节过程为：把游码移到横梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡．如果指针仍然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；
物体的质量为钩码的质量加游码的质量m=20g+20g+5g+1.2g=46.2g；
故答案为：（1）把游码移到横梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡．如果指针仍然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；46.2
点评： 此题主要考查的是天平的正确使用方法，是2015年中考的常见题型，难度不是很大．
27．某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样
（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图1所示，则他接下来的操作是　对电流表调零　．
请你根据图2电路图用笔画线代替导线，将图3中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，导线不能交叉．
（3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图4所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向　右　（选填“左”或“右”）移动，同时眼睛应观察　电压表示数　．
（4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图5所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象．由此可知，小灯泡的额定功率为　0.625　W，小灯泡灯线形电阻随电压的增大而　增大　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．
考点： 电功率的测量．
专题： 测量型实验综合题．
分析： （1）如果电表指针没有指在零刻度线上，要对电表指针调零．
根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图．
（3）由图示电压表确定其量程与分度值，然后读出其示数，根据其示数与灯泡额定电压的关系确定滑片的移动方向．
（4）由图示图象求出灯泡电压对应的电流，然后应用P=UI、欧姆定律分析答题．
解答： 解：（1）由图示电流表可知，电流表指针没有指在零刻度线上，在使用前要对电流表指针进行调零，使指针指在零刻度线上．
滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，滑动变阻器应接左下接线柱，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：
（3）由图示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.6V，大于灯泡额定电压，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向右移动，同时眼睛应观察电压表示数．
（4）由图示图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.25A，灯泡额定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；由图示图象可知，随灯泡电压增大，通过灯泡的电流增大，灯泡电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大．
故答案为：（1）对电流表调零；如图所示；（3）右；电压表示数；（4）0.625；增大．
点评： 连接电路图时要注意滑动变阻器的接法；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．
四、计算题
28．图甲是某款电热水龙头．即开即热、冷热兼用．图乙是它的原理电路．R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换．有关参数如下表．不考虑温度对电阻丝的影响，请回答下列问题：
（1）开关置于2时，水龙头放出的水是　温　（选填“冷”、“温”或“热”）水．此时电路中的电流时多大？
水龙头放热水时，正常工作60s，消耗的电能是多少？
（3）R2的电阻是多大？
功率 温水 2200W
热水 3000W
考点： 电功与热量的综合计算．
专题： 电和热综合题．
分析： （1）根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=UI=判断功率的大小，由此可知热水或温水的档位；利用P=UI求电路工作电流；
知道温水功率，利用W=Pt求消耗的电能；
（3）知道热档的电功率和温水档的功率，求出R2消耗的电功率，利用P=UI=求R2的阻值．
解答： 解：（1）当开关处于位置2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大，根据P=可知：此时功率最小，可见此时放出的是温水；
由P=UI得：此时电路工作电流I保===10A．
水龙头放热水时，消耗的电能W=P热t=3000W×60s=1.8×105J．
（3）加热状态下，电阻R1、R2并联，R2消耗的电功率P2=P热﹣P温=3000W﹣W，
根据P=可知：
电阻R2===60.5Ω．
答：（1）温；此时电路工作电流为10A．
水龙头放热水时，消耗的电能为1.8×105J．
（3）R2的电阻是60.5Ω．
点评： 本题考查电路分析、效率公式、欧姆定律和电功率公式的应用，解题时要注意隐含条件，电路电压是220V．
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