高一化学下册随堂练习题及答案
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高一化学下册随堂练习题及答案
作者：佚名 资料来源：网络 点击数： &&&
高一化学下册随堂练习题及答案
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文章来 源莲山课件 w ww.5 Y
典例剖析经典例题基础知识& 例1 在标准状况下，将VL A气体(摩尔质量为Mg/mol)溶于0.1L水中，所得溶液的密度为d g/mL，则此溶液中溶质的物质的量浓度为(& )A.&&&& B. C.&&&& D. 〔分析〕n(A)= &&将n(A)和V[A(aq)]代入c(A)=& 中，得C(A)= .答案：B&【注意】气体溶于水后所得溶液的体积应由总质量除以密度求得，并且单位要转化为升.& 例2 体积为V mL，密度为ρg/cm3的溶液，含有式量为M的溶质m g，其物质的量浓度为c mol/L，溶质的质量分数为w％，下列关系式中，正确的是& (& )A．c=&&&& B．m= C.w%=&&&&& D.c=& 〔分析〕 A、C两项考查的是物质的量浓度与溶质质量分数的关系，根据 c＝ 可推知A、C两项都是错误的；B项中V•ρ为溶液质量，V•ρ× 为溶质质量，故B项正确；D项变形后得 ，恰好为物质的量浓度，故D项正确.& 答案：BD&& 【注意】 这是一类含字母的计算题，通常采用依据定义进行推导的方法来求解，或依据概念的表达式来进行推导.&& 例3 20℃时，NaCl的溶解度为36 g，此时NaCl饱和溶液的密度为1.12 g/cm3.在此温度下，NaCl饱和溶液中NaCl的物质的量浓度为& (& ) &A.0.15 mol/L& B.1.36 mol/L&C.5.07 mol/L& D.6.15 mol/L& 〔分析〕 根据溶解度概念，取出136 g溶液，则溶质NaCl的质量为36 g，n(NaCl)＝ =0.615 mol，饱和溶液的体积V= =121.4 mL，c(NaCl)=& =5.07mol/L.& 答案：C& 同类变式1 欲配制2 mol/L硫酸锌溶液250 mL，需用无水ZnSO4的质量是______；需用皓矾(ZnSO4&#O)的质量是________.& 答案：80.5 g；143.5 g& 同类变式2 现有氨气(NH3)308 L(标准状况下)：& (1)若将该氨气308 L溶于水制得1 L 氨水(ρ＝0.9 g/cm3)，则氨水的物质的量浓度为_______；其溶质的质量分数为_______.& (2)若将该氨气308 L溶于1 L水里，测得这种氨水的密度为0.9 g/cm3，则这氨水的物质的量浓度为______；其溶质的质量分数为_______.& 答案：(1)13.8 mol/L；26％ (2)10 mol/L；19％& 同类变式3 将标准状况下的a L HCl(g)溶于1000 g水中，得到的盐酸密度b g/cm3，则该盐酸的物质的量浓度是& ()& A．&&&& B． C．&& D．&& 答案：D& 同类变式4 现有98％硫酸溶液(ρ=1.84 g/cm3)：& (1)该浓硫酸的物质的量浓度为______.& (2)若将该浓硫酸50mL溶于水制得500mL稀硫酸(稀释过程中损失溶液的体积忽略不计)，则这种稀硫酸溶液的物质的量浓度为______.& (3)若将该浓硫酸50 mL溶于500 mL水中，测得这种稀硫酸溶液的密度为 1.109g/cm3，则这种稀硫酸溶液的物质的量浓度是________；其溶质的质量分数是_______&答案：(1)18.4 mol/L (2)1.84 mol/L (3)1.73mol/L；15.3％&同类变式5 20℃时CuSO4的溶解度是20.7 g，则20℃时硫酸铜的饱和溶液中(ρ＝1.15g/cm3)溶质的质量分数为_____；其物质的量浓度为_____.&答案：17.1％；1.23 mol/L综合&例4 VL硫酸铁溶液中含Fe3+ m g，则溶液中SO2-4的物质的量浓度为& (& )&A.& mol/L& B.& mol/L C.& mol/L& D.& mol/L答案：D&[说明] 计算时注意Fe2(SO4)3在水中完全电离，电离出来的Fe3+与SO2-4数目之间的关系为2:3，在同一溶液中c(Fe3+)与“c(SO2-4)之比就是Fe2(SO4)3中Fe3+与SO2-4的微粒数之比.例5 VLFe2(SO4)3溶液中含a g SO2-4，取此溶液 V L，用水稀释成2V L，则稀释后溶液中c(Fe3+)为& (& )A.& mol/L&&&&&&&&&&&&&&&& B.& mol/LC.& mol/L&&&&&&&&&&&&&&&&& D.& mol/L〔分析〕 解法1：常规法原溶液中c(SO2-4)= =& mol/L,C(Fe3+)= ×c(SO2-4)=& mol/V= mol/L.&根据稀释定律：c1V1＝c2V2，则C (Fe3+)= 解法2：电荷守恒法由题意知： VL溶液中含SO2-4 a,根据溶液呈电中性得&=2VL•c(Fe3+)×3,c(Fe3+)= mol/L.答案：A&[说明]在利用第二种解法时，应注意1个SO2-4带2个单位负电荷，而1个Fe3+带3个单位正电荷.& 同类变式1 若20g密度为dg/cm3的Ca(NO3)2溶液里含1 gCa2+，则NO-3的物质的量浓度是&& (& )& A.& mol/L& B.& mol/L& C.2.5dmol/L& D.1.25dmol/L& 答案：C&同类变式2 MgSO4溶液和Al2(SO4)3溶液等体积混合后，Al3+的浓度为0.1 mol/L，SO2-4的浓度为0.3 mol/L，则混合溶液中Mg2+的浓度是& (& )& A.0.45 mol/L& B.0.2 mol/L& C.0.15mol/L& D.0.3 mol/L& 答案：C& 同类变式3 在由NaCl、MgCl2和MgSO4三种盐配成的混合溶液中，若Na+的浓度为0.1 mol/L，Mg2+的浓度为0.25 mol/L，Cl-的浓度为0.2 mol/L，则SO2-4的浓度为& (& )& A.0.5 mol/L& B.0.45 mol/L& C.0.2 mol/L& D.0.25 mol/L& 答案：C& 例6 已知35％的NaOH溶液的密度为1.38g/cm3，5％的NaOH溶液的密度为1.05g/cm3，若将上述两种溶液等体积混合，所得NaOH溶液中溶质的质量分数是& (& )& A.大于20％& B.等于20％& C.小于20％& D.无法确定& 〔分析〕 上述两种浓度的NaOH溶液各取V mL(等体积)混合，混合后NaOH溶液的质量分数为：w (NaOH)=& &&&&&& ×100%=22.0%&20%.答案：A& [说明] 这道题反映了溶质相同而质量分数不同的两种溶液等体积混合后，其混合溶液中溶质的质量分数与二者的平均值的关系.& 溶质相同而质量分数不同的两种溶液等体积混合，其溶质的质量分数是不是就―定大于二者的平均值呢?若不是，有无规律可循呢?对于这个问题可作以下探讨：& 若有溶质相同、浓度不同的两杯溶液(见下表)：&&&&&&&&&&&&&& 项 目序号&&&&&&&&&& 体积/mL&&&&& 密度/g•cm-3&溶质的质量分数第1杯&V1=V&ρ1&x1第2杯&V2=V&ρ2&x2& 这两杯溶液混合后，溶液中溶质的质量分数与 的关系可作以下推导：&①&若x1&x2，ρ1&ρ2或x1&x2，ρ1&ρ2，即当浓度大时，密度也大，
& 则 &0，即& (V1=V2).这样的实例俯拾即是，如硫酸溶液、食盐溶液等.②若x1&x2，而ρ1&ρ2或x1&x2，ρ1&ρ2，即当浓度大时，密度反而小，则 &0，& 即& (V1=V2).& 这类溶液虽不多，但也应注意，如氨水溶液、酒精溶液等.& 经过对上述两种情况的推导论证，可以概括出下面的规律：&如果某物质的水溶液的密度大于1g/cm3，等体积混合后溶液中溶质的质量分数大于两种溶液中溶质的质量分数之和的二分之一；如果某物质的水溶液的密度小于1 g/cm3，等体积混合后溶液中溶质的质量分数小于两种溶液中溶质的质量分数之和的二分之一.&同类变式1 质量分数为90％的硫酸溶液和10%的硫酸溶液等体积混合后，溶液中溶质的质量分数是& (& )&& A.大于50％& B.等于50％& C.小于50％& D.不能作上述比较& 答案：A& 同类变式2 密度为0.91 g/cm3的氨水，质量分数为25％，用等体积的水稀释之后，所得溶液中溶质的质量分数是& (& )& A.等于12.5％& B.大于12.5％& C.小于12.5％& D.无法确定& 答案：C& 同类变式3 已知氨水的密度为0.990 g/cm3时，NH3的质量分数为2%，氨水的密度为0.930g/cm3时，NH3的质量分数为18％；质量分数分别为a％和5a％的氨水等体积混合，混合溶液中NH3的质量分数是& (& )& A.30％& B.6a％& C.大于3d％& D.小于3a％& 答案：D& 同类变式4 3a％的硫酸溶液与a％的硫酸溶液等体积混合，如果混合溶液的密度为d g/cm3，则混合溶液中溶质的物质的量浓度为& (& )& A.等于即& mol/L&&& B.小于 mol/L&C.大于 mol/L& D.无法确定& 答案：C& 例7 在100g浓度为18mol/L、密度为ρ(g/cm3)的浓H2SO4中加入一定量的水稀释成9 mol/L的硫酸，则加入水的体积为& ( )& A.小于100mL& B.等于100mL& C.大于100mL& D.等于 mL& 〔分析〕 由18 mol/L到9 mol/L，因溶质的物质的量不变，故体积应扩大一倍，即由 mL扩大到 mL，设9mol/L的H2SO4的密度为ρ′，则 mL溶液的质量是 ×ρ′g，故应加水的质量为( g-100 g)，因ρ′&ρ，故加水的质量应小于100g，即小于100mL；假定所加的水为 mL，即水与浓H2SO4等体积混合，稀硫酸的体积将小于( + )mL，稀H2SO4的浓度将大于9 mol/L.综上片述，所加水的体积小于100mL，而大于 mL.&答案：A同类变式1 已知质量分数为95％的酒精溶液，其物质的量浓度为16.52mol/L，试推断47.5％的酒精溶液的物质的量浓度为（）& A.大于8.26 mol/L& B.等于8.26mol/L& C.小于8.26 mol/L& D.无法确定& 答案：A& 同类变式2 已知98％的浓H2SO4溶液中溶质的物质的量浓度为18.4mol/L，则49％的H2SO4溶液中溶质的物质的量浓度为& (& )& A.大于9.2 mol/L& B.小于9.2mol/L& C.等于9.2 mol/L& D.无法确定& 答案：B& 例8 硫酸银的溶解度较小，25℃时，每100g水中仅能溶解0.836g硫酸银.& (1)25℃时，在烧杯中放入6.24 g硫酸银固体，加200 g水经充分溶解后，所得饱和溶液的体积为200mL，计算饱和溶液中Ag+的物质的量浓度.& (2)若在上述饱和溶液中加入50 mL 0.0268mol/L BaCl2溶液，充分搅拌，溶液中Ag+的物质的量浓度是多少?& (3)需加入多少升0.0268 mol/L BaCl2溶液，才能使(1)的饱和溶液中Ag+的浓度降低至0.020 mol/L?& 〔分析〕 首先判断200g水中加入的6.24 g硫酸银是否完全溶解，若未完全溶解，溶液为饱和溶液；溶解的Ag2SO4的质量是在100g水中溶解度的2倍，从而可以计算溶解的Ag2SO4的物质的量，进而计算其物质的量浓度。在Ag2SO4溶液中加入BaCl2可生成两种沉淀：AgCl、BaSO4，从而促进Ag2SO4溶于水，若反应结束以后，还有Ag2SO4固体剩余，这时的溶液仍为Ag2SO4饱和溶液，Ag2SO4浓度不变，要使&Ag2SO4全部溶解，并使Ag+浓度降低只有多加BaCl2.& 解：(1)设200g水中最多能溶解Ag2SO4的质量为x，& 那么 ，解得 x＝1.672g&6.24g，& 说明Ag2SO4未完全溶解，此时的溶液为饱和溶液，& 溶液中溶解的Ag2SO4的质量是0.836g×2=1.672g，& 溶液中n(Ag2SO4)=& = =0.00536 mol,& 则溶液中c(Ag2SO4)=& = =0.0268mol/L，& c(Ag+)＝0.0268 mol/L×2＝0.0536 mol/L.& (2)加入的BaCl2的物质的量为0.0268mol/L×0.05L=0.00134 mol，而放入的Ag2SO4是6.24 g，即0.02 mol，由于参加反应的Ag2SO4的物质的量与BaCl2的物质的量相等，0.00134 mol&O.02mol，此时的溶液压是饱和溶液， Ag+的物质的量浓度仍是0.0536mol/L.& (3)要使Ag+的浓度降至0.0200mol/L，设加入BaCl2溶液的体积为y，即n(BaCl2)＝0.0268 mol/L× y，此时溶液中剩余的Ag+的物质的量是 则 =0.0200mol/L，& & 解得 y＝0.489 L.&答：略.&& [说明] 这是一道综合性很强的题，把溶解原理、浓度计算、溶解度计算及稀溶液体积近似处理融于一体，但只要仔细分析，不畏困难，就会找到解题方法.&& 同类变式 过氧化钙是一种安全无毒的氧化物，通常含有部分CaO，且带有数量不等的结晶水，为分析某过氧化钙样品的组成，进行了如下实验：& ①称取0.270g样品，灼热使之完全分解，生成CaO、O2和H2O，得到的O2在标准状况下的体积为33.6 mL；& ②另取0.120 g样品，溶于稀盐酸中，加热煮沸，使生成的H2O2完全分解，然后将溶液中的Ca2+完全转化为CaC2O4沉淀，经过滤洗涤后，将沉淀溶于热的稀硫酸中，用0.02 mol/L KMnO4溶液滴定，共用去31.0 mL KMnO4溶液，化学方程式为：& 5CaC2O4+2KMnO4+8H2SO4＝K2SO4+2MnSO4+5CaSO4+10CO2↑+8H2O& (1)写出CaO2受热分解的化学方程式；& (2)计算样品中CaO2的质量分数；& (3)计算样品中CaO2•xH2O的x值.& 答案：(1)2CaO2 2CaO+O2↑ (2)80％ (3)0.5探索与创新题& 例9 100mL Cu(NO3)2和AgNO3的混合溶液，其中c(NO-3)＝4mol/L，加入一定量的铝粉，充分反应后过滤，将滤纸上的沉淀干燥后称重为24.8 g，将此沉淀加入稀盐酸中无气体产生.滤液中滴入NaCl溶液无明显现象，再加入过量的稀NaOH溶液得沉淀，将其过滤、加热、冷却称重为4 g.求参加反应的铝的质量.[已知 Al(OH)3可溶于过量的NaOH]& 〔分析〕 溶液中发生的一系列变化过程如下：&& 由上述转化关系可列方程组求解，但非常烦琐.& 解：由题意加入铝粉后的溶液为Al(NO3)3和Cu(NO3)2，& 利用电荷守恒有：3n(Al3+)+2n(Cu2+)＝n(NO-3)，所以n(Al3+)=n(Al)= [n(NO-3)-2n(Cu2+)]= (4mol/L×0.1L-2× )=0.1mol.m(Al)=0.1mol×27mol/L=2.7g.答：参加反应的铝的质量为2.7g.&& 例10 现有一瓶氯气和氢气的混合气体，点燃爆炸后，气体用水吸收，剩余 体积的气体，其质量比同体积的混合气体的质量小.如果原混合气体的质量为1.48g，则原混合气体中H2和Cl2的体积比为________；如果用水吸收后稀释成1L溶液，则其溶液中溶质的物质的量浓度为______mol/L.& 〔分析〕 由于剩余气体的质量比同体积混合气体的质量小，所以剩余气体应为H2，由反应的化学方程式：H2+Cl2=2HCl及反应后剩余 体积气体可知，Cl2应占总体积的 ，因而有V(H2):V(Cl2)＝( + ): ＝3:2.因为原混合气体的质量为1.48 g，原混合气体的平均相对分子质量为 ＝29.6，所以原混合气体的物质的量为 ＝0.05 mol.故原混合气体中Cl2为0.05mol× ＝0.02 mol.由化学方程式知产生HCl 0.04 mol，因而用水吸收成1 L溶液，其溶质的物质的量农度为 0.04 mol＝0.04 mol/L.& 答案：3:2；0.04易错与疑难题& 例11 有五瓶溶液分别是：①10 mL 0.60 mol/L NaOH水溶液；②20 mL 0.50 mol/L H2SO4水溶液；③30 mL 0.40mol/L HCl水溶液；④40 mL 0.30 mol/L HAc水溶液；⑤50 mL 0.20 mol/L 蔗糖水溶液.以上各瓶溶液所含离子、分子总数的大小顺序是& (& )& A.①&②&③&④&⑤& B.②&①&③&④&⑤& C.②&③&④&①&⑤& D.⑤&④&③&②&①& 错解：C& 〔分析〕 错误原因：未认真审题或没弄清题意，将已知条件误认为：①n(NaOH) =0.006 mol，②n(H2SO4)＝0.01 mol，③n(HCl)＝0.012 mol，④n(CH3COOH)＝ 0.012 mol，⑤n(蔗糖)=0.01 mol，然后再考虑强电解质及弱电解质的电离等因素，得出②&③&④&①&⑤.& 事实上，本题比较的是溶液中所含离子、分子总数的大小，不仅要考虑到溶质，还应考虑到水的存在.对于NaOH溶液来说，由于NaOH完全电离，其溶质中离子的物质的量是0.60 mol/L × 2 × 0.010 L＝0.012 mol；溶剂H2O的物质的量为 ＝0.56mol，相比之下，溶剂占了绝大部分.其他4瓶溶液中，溶剂的物质的量更大，而且依次增大.因此，只要比较溶剂的量的大小，即可得出离子、分子总数的排列顺序.& 正解：D& 例12 实验室需用480mL 0.1mol/L的硫酸铜溶液，现选取500mL容量瓶进行配制，下列操作中，正确的是& (& )& A.称取7.68g硫酸铜，加入500mL水& B.称取12.0g胆矾，配成500 mL溶液& C.称取8.0g硫酸铜，加入500mL水& D.称取12.5g胆矾，配成500mL溶液& 错解：AC& 〔分析〕 错选A，是因为不了解容量瓶的特点，错误地根据“480mL 0.1 mol/L的硫酸铜溶液”进行计算，得出需要磕酸铜7.68g；错选C，是因为不了解物质的量浓度的定义，在其计算式c＝ 中，V指的是溶液的体积，并非溶剂的体积.& 正解：D& 例13 露置在空气中的苛性钾经分析含H2O、K2CO3、KOH的质量分数分别为8％，2％，90％.若在此样品1.50 g中加入1 mol/L盐酸46.00 mL，过量的酸用1 mol/L的KOH溶液恰好中和，蒸发中和后的溶液可得固体& (& )& A.3.43g& B.4.00g& C.4.50g& D.无法计算& 错解：D& 〔分析〕 选D是认为缺少条件，认为1 mol/L KOH溶液的具体体积没给出而无法计算.其实抓住最终产物KCl中的Cl-与加入盐酸中的Cl-守恒进行分析，可以很快得出结果.& HCl& ～& KCl& & 1 mol& 74.5 g& 0.046 mol& x& 则 & 解得 x＝3.43 g.& 正解：A& & 小结 看似很烦琐的含有许多数据的，往往都有巧妙的解题思路.& 例14 在化学科学领域里，通常所说的“溶液浓度”，其单位是& (& )& A.％& B.L/mol& C.mol/L& D.g/cm3& 错解：A& 〔分析〕 错选A是受旧教材的影响所造成的概念性错误，以往教材中对溶液浓度的概念的叙述不太严密，把溶质的质量分数叫做质量百分比浓度，根据新的规定，这是错误的.在新的规定中，溶液浓度就是指物质的量浓度，溶质的质量分数不能叫做浓度.& 正解：C[说明]在学习中要注意学科中有关概念的变化.好题速递& 点击高考高考命题与展望本节内容主要包括物质的量浓度的概念与计算以及重要的定量实验――一定体积物质的量浓度溶液的配制，是历年高考的热点.考查的形式：①配制溶液浓度的计算，解这类题的关键是要弄清溶液的体积是多少、溶质是什么，然后套用公式进行求解；②溶液稀释或混合的计算，解此类题要搞清溶质是否发生反应，溶液的体积是否可以加和，有时还要考虑能否应用电荷守恒；③物质的量浓度与溶解度、质量分数之间的换算，解此类题重点是要透彻理解有关概念并应用于计算中，把握住密度是沟通物质的量浓度与质量分数的桥梁；④配制一定物质的量浓度溶液的实验题，这类题的完善解答必须建立在熟练掌握实验基本操作和基本技能的基础上，并由计算公式对实验结果进行误差分析.以上各种类型经常综合应用于、、实验题与计算题中，再配以环保知识，将成为今后高考命题的热点.经典高题分析& 例1 (典型例题若以24表示水的摩尔质量，V表示在标准状况下水蒸气的摩尔体积，ρ为在标准状况下水的密度，NA为阿伏加德罗常数，m，V′分别表示每个水分子的质量和体积，下面是四个关系式：①NA＝Vρ/m；②ρ＝u/(NAV′)；③m＝ u/NA；④V′V/NA.其中& ( )& A.①和②都是正确的& B.①和③都是正确的& C.③和④都是正确的& D.①和④都是正确的& 〔分析〕 本题考查以物质的量为中心，摩尔质量、摩尔体积、密度、质量等量之间的关系.由在标准状况下水的密度为ρ、水蒸气的摩尔体积为V，可知水的摩尔质量为ρV=u，每个水分子的质量为m，NA个水分子的质量为m•NA，由此可得m•NA＝ ρV=u，推出①、③正确，②、④两式错误忽略了水蒸气这一条件，认为一个水分子的体积为V′，NA个水分子的体积为NAV′=V，从而推出错误的关系式.& 答案：B& 例2 (典型例题20℃时，饱和KCl溶液的密度为1.174g•cm-3，物质的量浓度为4.0 mol•L-1，则下列说法中，不正确的是& (& )& A.25℃时，饱和KCl的浓度大于4.0 mol.L-1 B.此溶液中KCl的质量分数为 & C.20℃时，密度小于1.174g•cm-3的KCl溶液是不饱和溶液& D.将此溶液蒸发部分水，再恢复到20℃时，溶液密度一定大于1.174 g•cm-3& 〔分析〕 本题考查的主要知识点是关于溶液的物质的量浓度、质量分数、密度等量之间的关系.温度由20℃升高至25℃，且也将溶液制成饱和溶液时，KCl溶液的溶解度增大，同质量的饱和的KCl溶液中所含有KCl的质量、物质的量比20℃时大，其物质的量浓度大于4.0 mol.L-1，A正确；质量分数是指溶质的质量占溶液总质量的百分比，对于物质的量浓度为4.0 mol.L-1的饱和溶液，可令溶液体积为& 1 L，则溶液的质量为(1.174×1000)g，溶质的质量为74.5 g•mol-1×4.0 mol，B正确；20℃时，饱和KCl溶液的密度为1.174 g•cm-3，水的密度约为1 g•cm-3，若溶液不饱和，其密度一定小于1.174g•cm-3，C正确；若将饱和溶液蒸发，则有KCl晶体析出.再恢复到20℃时，其溶解度不变，溶液仍为饱和溶液，密度仍为1.174g•cm-3，D错误.& 答案：D& 例3 (典型例题(1)用5.0 mol.L-1的NaOH溶液配制0.1 mol•L-1的NaOH溶液时，图3-25中的仪器，肯定不需要的是______，配制上述溶液还需要的玻璃仪器是________.(填仪器名称)&& (2)在配制过程中，下列操作将导致实际所配NaOH溶液浓度偏低的是________(填编号).①&准确取出的浓NaOH溶液在空气中露置时间过长； ②用量筒将浓NaOH溶液直接加入容量瓶，缓慢加入蒸馏水至液面最低点恰好和环形刻度线相切；& ③摇匀后，液面低于刻度线，再加蒸馏水至液面最低点恰好和环形刻度线相切；& ④稀释NaOH溶液的仪器未洗涤.&& 〔分析〕 本题考查一定物质的量浓度溶液的配制过程及误差评价分析能力.(1)配制一定物质的量浓度溶液的过程：由5.0mol•L-1的NaOH溶液配制0.1 mol•L-1的NaOH溶液，经计算需量取一定体积的浓度为5.0 mol•L-1的NaOH，可选择碱式滴定管C，而不需B(NaOH为强碱，不能盛放在有玻璃活塞的酸式滴定管B中)，不需F(不需称取NaOH的质量)，溶解时需烧杯E和玻璃棒，最后需用容量瓶G，同时用胶头滴管进行定容.不需A、B、D、F，尚缺胶头滴管、玻璃棒.(2)①若准确取出的浓NaOH溶液在空气中露置时间过长，NaOH的成分发生改变生成NaHCO3、 Na2CO3等，使NaOH的物质的量减小，其浓度变小，但若用此变质的NaOH与盐酸反应，其消耗的盐酸的物质的量不变(其最后产物均为NaCl，元素守恒)；②将浓 NaOH溶液直接加入容量瓶，忽略了容量瓶的准确体积与温度有关，同时缓慢加入蒸馏水，没有进行溶解混合，忽略了浓NaOH和蒸馏水的密度不同，混合溶液的体积不等于二者体积相加；③定容后摇匀，由于液体沾在瓶颈或瓶塞处，再加蒸馏水至波面最低点恰好和环形刻度线相切，则溶液的总体积增大，浓度变稀；④稀释NaOH溶液的仪器未洗涤，部分NaOH未能进入溶液，使所得NaOH的物质的量减少，浓度变稀.& 答案：(1)A、B、D、F；胶头滴管、玻璃棒 (2)①③④课堂小结& 本节归纳一、知识体系&&溶液的物质的量浓度c(mol/L） 二、规律方法1.溶液中溶质的物质的量、物质的量浓度、质量分数以及溶液的体积、密度之间的关系&注意各量的单位：c、n、V、ρ的单位分别是mol/L、mol、L、g/cm3.2.溶液稀释定律 c1V1＝c2V2或m1•w1％＝m2•w2％ 3.以物质的量为中心的物理量关系&4.一定物质的量浓度溶液的配制 （1）主要原理：& (2)仪器 (3)步骤（4）误差分析 随堂练习& 知识巩固1.甲、乙、丙三种不同浓度的稀H2SO4分别跟等物质的量的Al、KHCO3和K2CO3刚好完全反应，消耗甲、乙、丙三种酸液的体积比为1：2：3，则甲、乙、丙三种酸中H2SO4溶液的物质的量浓度之比为& (& )& A.1：1：1& B.3：1：2& C.6：2：3& D.18：3：4答案：D[提示：由化学方程式知，Al、KHCO3、K2CO3分别为1 mol时，分别消耗H2SO4&& mol， mol，1 mol.由体积关系可知浓度之比为 ： ： ＝18：3：4]& 2.在无土栽培时，需要浓度为0.5 mol/L NH4Cl，0.16 mol/L KCl，0.24 mol/LK2SO4的营养液，若用KCl、NH4Cl和(NH4)2SO4三种固体来配制1 L营养液，需此三种固体的物质的量分别为& (& )& A.0.4 mol，0.5 mol，0.12 mol& B.0.66 mol，0.5 mol，0.24 mol& C.0.64 mol，0.02 mol，0.24 mol& D.0.64 mol，0.5 mol，0.24 mol答案：C[提示：设需KCl、NH4Cl、(NH4)2SO4三种物质的物质的量分别为x，y，z，由离子守恒得& 解得 3.将质量分数分别为5x％的A溶液与x％的A溶液等体积混合后，其溶液中溶质的质量分数小于3x％，则A可能是下列物质中的& (& )& A.H2SO4& B.NaOH& C.C2H2OH& D.NH3答案：CD[提示：设体积为V mL，5x％的A溶液的密度为d1，x％的A溶液的密度为d2，则由质量分数定义可知，混合后溶液中溶质的质量分数为：&&&3x%，解得d1&d2. 即浓度大时密度反而小的物质符合题意]&4.将密度为1.32g/cm3的硫酸溶液逐滴滴入到BaCl2溶液中，直到沉淀恰好完全为止，已知所生成的溶液的质量等于原BaCl2溶液的质量，则硫酸溶液中H2SO4的物质的量浓度为& (& )& A.21.9％& B.42.1％& C.13.5 mol/L& D.5.67 mol/L答案：D[提示：因H2SO4+BaCl2=BaSO4↓+2HCl恰好完全反应，故n(H2SO4)＝n(BaSO4)，由质量守恒有m(H2SO4溶液)＝m(BaSO4).若n(H2SO4)＝1 mol，则 5.用1000g溶剂中所含溶质的物质的量来表示的溶液浓度叫做质量物质的量浓度，其单位是mol/kg，5mol/kg的H2SO4溶液的密度是1.2894 g/cm，则其物质的量浓度为& (& )& A.3.56 mol/L& B.5.23mol/L& C.4.33 mol/L& D.5.00 mol/L答案：C[提示：由信息及物质的量浓度的定义知：5 mol/kg H2SO4的物质的量浓度为：&6.配制一定物质的量浓度的溶液时，下列情况中能导致实验结果偏低的是 (& )& A.容量瓶中原有少量蒸馏水& B.溶解所用的烧杯用之前未洗涤& C.定容时俯视观察液面和刻度线& D.移液时，不慎将液体滴到瓶外答案：D[提示：液体流到瓶外损失了溶质，导致所配溶液浓度偏低.A项无影响，C项偏高，B项不确定]7.已知某溶液的：①体积；②密度；③溶质和溶剂的质量比；④溶质的摩尔质量.要根据溶质的溶解度计算其饱和溶液中溶质的物质的量浓度时，上述条件中必不可少的是& (& )& A.①②③④& B.①②③& & C.②④& D.①④答案：C[提示：由饱和溶液的溶解度与物质的量浓度的换算关系直接推知]8.将5g某金属加入100 mL 4mol/L的H2SO4溶液中，当H2SO4的浓度降到原浓度的一半时(设溶液体积不变)，金属还没有全部溶解，该金属可能是& (& )&A.Al& B.Zn&C.Fe& D.Mg答案：AD[提示：因H2SO4消耗一半，即 ×4 mol/L×0.1 L＝0.2 mol时，金属还未全部溶解，则被溶解的金属质量一定小于5 g，由金属与酸反应的化学方程式可推出A、D两项正确]&9.质量分数不同的两种硝酸溶液等质量混合时，其质量分数为a％；而等体积混合时，其质量分数为b％；质量分数不同的两种乙醇溶液等质量混合时，其质量分数为a％；而等体积混合时，其质量分数为c％，则a，b，c之间的大小关系为 (& )& A.a&b&c& B.b&a&c& C.c&a&b& D.无法确定答案：B[提示：因HNO3浓度大时，密度大，故等质量混合时其质量分数为 ，而等体积混合时其质量分数大于 ，故b&a；而乙醇溶液浓度大时，密度小，故等质量混合时其质量分数为 ，而等体积混合时w& ，故a&c] 10.将Ba(OH)2溶液慢慢滴入50 mL 0.4 mol/L的H2SO4 溶液中，所得沉淀的质量m与碱溶液的体积V的关系如& 图3-26所示.(反应过程中体积变化忽略不计)& (1)Ba(OH)2溶液的物质的量浓度为______.& (2)B点时Ba2+的物质的量浓度为_____.(1)&C点时OH-的物质的量浓度为_____.答案：10.(1)1.0 mol/L (2)0 (3)0.25 mol/L[提示：(1)由图象知滴入20 mL Ba(OH)2 时恰好与H2SO4完全反应，由化学方程式：Ba(OH)2+H2SO4=BaSO4↓+ 2H2O，可知n(H2SO4)＝n[Ba(OH)2]，所以 c[Ba(OH)2]＝ ＝1.0 mol/L.(2)月点时H2SO4与Ba(OH)2恰好完全反应生成BaSO4沉淀，故Ba2+的物质的量浓度为0.(3)C点时Ba(OH)2过量，c(OH-)=& 文章来 源莲山课件 w ww.5 Y
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